php中如何調用數據庫中的圖片并且顯示到頁面

php是采用二進制形式存儲圖片及讀取顯示的，首先通過代碼創建數據表，然后上傳圖片服務器再通過瀏覽器顯示，具體編程代碼舉例：

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1、首先需要創建數據表，具體代碼如下圖所示。

2、然后寫上傳圖片到服務器的頁面 upimage.html用來將圖片上傳數據庫，如下圖所示代碼。

3、處理圖片上傳的php upimage.php文件，如下圖所示圖片已儲存到數據庫。

4、顯示圖片的php getimage.php文件，為了看一下效果提前把ID寫入代碼。

5、預覽網站從數據庫中提取了圖片，并顯示到頁面上。

用php怎么把數據庫的圖片按照分類顯示出來？

建立分類表(type)，圖片表(images)，保存圖片時添加分類標識(typeid)，在網頁上按照分類typeid查找sql篩選就可以了(select * from images where typeid=?)。

PHP在數據庫中查詢并且顯示圖片

一般不向數據庫插入圖片 而是插入圖片的src 通過src找到圖片然后顯示。

?php

session_start();

//array數組中放圖片的格式

$uptypes = array("image/jpg","image/jpeg","image/png","image/pjpeg","image/gif","image/bmp","image/x-png");

$files =$_FILES["uppic"];

if($files["size"]2097152){ //圖片大小判斷

echo "上傳圖片不能大于2M";

echo "meta http-equiv='REFRESH' CONTENT='1;URL=pic.php'";

exit;

}

$ftype =$files["type"];

if(!in_array($ftype,$uptypes)){ //圖片格式判斷

echo "上傳的圖片文件格式不正確";

echo "meta http-equiv='REFRESH' CONTENT='1;URL=pic.php'";

}

$fname = $files["tmp_name"]; //在服務器臨時存儲名稱

$image_info = getimagesize($fname);

$name = $files["name"];

$str_name = pathinfo($name); //以數組的形式返回文件路勁的信息

$extname = strtolower($str_name["extension"]); //把字符串改為小寫 extensiorn擴展名

$upload_dir = "upload/"; //upload文件夾

$file_name = date("YmdHis").rand(1000,9999).".".$extname;

$str_file = $upload_dir.$file_name; //文件目錄

//存入數據庫

$con=mysql_connect("localhost","root","");

if(!$con){

die(("數據庫連接失敗").mysql_error());

}

mysql_select_db("mywork",$con);

$sql="update user set picpath='$str_file' where user_name='$username'"; //將圖片地址插入數據庫mywork

mysql_query($sql,$con);

mysql_close($con);

if(!file_exists($upload_dir)){

mkdir($upload_dir); //創建目錄 成功則返回true 失敗則返回flase

}

if(!move_uploaded_file($files["tmp_name"],$str_file)){ //將上傳的文件移動到新的目錄 要移動文件和文件新目錄 成功則返回true

echo "圖片上傳失敗";

echo "meta http-equiv='REFRESH' CONTENT='1;URL=插入失敗后希望跳轉的頁面";

}

else{

//echo "img src=".$str_file."";

echo "圖片上傳成功";

echo "meta http-equiv='REFRESH' CONTENT='1;URL=插入成功希望挑戰的頁面";

}